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a=g解得此时运动员的加速度大小46，D上的运行速度，根据：=√网可知，“天链-号05足子在藏场中运动的时间，-既，粒子由n点到m点【命题意图】本题考查探究热敏电阻的阻值随温度变化的错误。规律的实验，涉及多用电表读数、电路设计、数据处理等在M点对应圆轨道上的运行速度大于其在图示圆轨18.C【命题意图】本题考查变压器的原理、电动机的效的过程做匀速直线运动，用时2=，由几何关系可意在考查考生的实验探究能力。道上的运行速度，故“天链一号”05星在M点的速度率、电路的动态分析等，意在考查考生的推理论证【解析】(1)由欧姆表的读数规则可知，该热敏电阻的大于其在图示圆轨道上的运行速度，D正确。能力。知31，解得5-混，所以粒子由射人磁场到第阻值应为3.5×12=3.5。20.CD【命题意图】本题通过电机保护接地极的电势分【解析】理想变压器原线圈两端的电压的有效值不变，(2)由于题中要求电表指针的偏转角度大于满偏时的布图及口-x图像考查电势能、电场强度、电势等，意在次回到山边所用的总时间为深+点，C正确，D原、副线圈的匝数比不变，所以副线圈两端的电压的考查考生的理解能力和推理论证能力错误3,所以电压表不可用，应用内阻已知的毫安表A2与有效值也不变，当电阻箱接入电路的阻值变小时，灯【解析】由题图乙根据对称性可知x=10m和x=-10m定值电阻串联改装成电压表，如果毫安表A2与定值泡L与电阻箱R并联后再与定值电阻R,串联的总电两处的电势相等，根据E。=pg可知，一正试探电荷在电阻R,串联，由电表的改装原理可知改装表可测得阻变小，而总电压（等于副线圈两端的电压的有效值）x=l0m和x=-10m两处的电势能相等，A错误；由等的最大电压Um=I.(R1+R,)=0.01×(200+100)V=不变，则流过R,的电流（有效值）变大，R两端的电压势线与电场线垂直可知，地面上的电场强度沿水方3V,同理可知，如果毫安表A2与定值电阻R2串联，改装(有效值)变大，灯泡L与电阻箱R两端的电压（有效向，则φ-x图像中图线的斜率表示电场强度，由题图表的量程为0~10V,因此应选择与定值电阻R1串联。值)变小，通过灯泡L的电流（有效值）变小，灯泡L变乙根据对称性可知，x=10m和x=-10m两处的电场改装表的内阻已知、通过的电流可读，故电流表A,应暗，电动机两端的电压（等于副线圈两端的电压的有强度大小相等、方向相反，B错误；由B的分析可知从采用外接法。由于滑动变阻器的最大阻值较小，且要效值)不变，流过电动机的电流（有效值）不变，A错x=-5m处静止释放的负电荷，沿x轴向x轴正方向求电表的示数能从零逐渐增大，因此滑动变阻器应采误：电动机的效率7P2-P1做加速运动，经过原点后沿x轴向x轴正方向做减速P,×100%,B错误；设副线圈用分压式接法。电路图如图所示。运动，所以运动到原点时动能最大，C正确；由题图甲22.(1)3.80(1分)(2)4(1分)(+m)4(2分)2m'gt两端的电压的有效值为U,流过电动机的电流（有效(3)由题图丙可知，当热敏电阻的阻值为6.0Ω时，热敏可知接地极处电势最高，距离接地极越远电势越低，(3)C(2分)电阻的温度为37.5℃，则该同学的体温约为37.5℃。值)为1，则有B=U,P=,解得U=B√片，设理想直至为零，D正确。【命题意图】本题考查验证碰撞过程中动量守恒的实21.BC【命题意图】本题以带电粒子在磁场中的运动为(4)由题图丁所示的电路可知，流过定值电阻R,的电验，意在考查考生的实验探究能力。变压器原、副线圈的匝数分别为1、n2,根据理想变压背景，考查洛伦兹力、圆周运动、匀速直线运动等知【解析】（1)挡光片的宽度d=3mm+16×克1，==0.5A,则流过定值电阻R的电流1器的变压原理有凸_%E乃P,√？，C正确；当电阻箱接识，意在考查考生的推理论证能力。0.05mm=3.80mm。1I3=0.4A,定值电阻R4两端的电压U,=I,R4=6V,则【解析】由题意可知，粒子的速度6=BLk,根据洛伦兹入电路的阻值为R时，灯泡L与电阻箱并联的电阻小(2)设P到达水轨道末端的速度为。，根据动能定热敏电阻两端的电压U,=U-U4=4V,热敏电阻的阻于R,灯泡L与电阻箱R并联后再与定值电阻R,串联力提供向心力有%，日=，可得粒子的轨道半径月理有mgh=2m,解得o=√2，粘合体匀速通过光-9-100,代人R,-65-12,解得1=30.7℃。值R=的总电阻小于R。+R,由欧姆定律可知流过R的电流沿-L,根据几何关系可得乃点为粒子做匀速圆周运电门，速度=，若该碰撞过程中动量守恒，则根据动(有效值)1m>R+RD错误。24.(1)20m/9(2)9=gF=0.45+5动的圆心，粒子第一次经过bc边时速度方向垂直bc19.AD【命题意图】本题以“天链一号”05星的成功发边向上，到b点的距离为L,由几何关系可知，粒子第量守恒定律有m=(m+lM),解得h=M+m)d【命题意图】本题通过金属棒在匀强磁场中的运动考2m'gt2射为背景，考查卫星变轨、万有引力定律等，意在考查查法拉第电磁感应定律、牛顿第二定律等，意在考查一次回到ab边时到b点的距离为-n30。=2L,则粒子R(3)如果碰撞过程中动量守恒，由(2)中h=考生的推理论证能力。第一次回到ab边时从m点射出正三角形区域，再次(M+m可知，h与}成正比，则h-图线是一条过考生的推理论证能力。【解析】由题图可知椭圆轨道的半长轴比圆轨道的半2m2gt2【解析】(1)q-t图像中图线的斜率表示通过定值电阻进入磁场，画出粒子的运动轨迹如图所示，粒子做周原点的倾斜直线，故C正确。的电流，由题图乙可知t=4s时通过定值电阻的电流径小，根据开普勒第三定律号=k可知，“天链一号”05期性运动，粒子不能经过b点，一定能再次返回到023.(1)3.5(2分)(2)如图所示(3分)6-4名2A=3A(1分)星在椭圆轨道上的周期小于在圆轨道上的周期，A正点，A错误，B正确；由几何关系可知，粒子从射出正三(3)37.5(2分)(4)30.7(2分)确；“天链一号”05星在N点由椭圆轨道进入圆轨道，角形区域到第二次回到山边的过程，在磁场中转过的角根据闭合电路欧姆定律可得金属棒产生的感应电动势Eo=Io(R+r)=12V即由低空轨道进人高空轨道，应加速，故应朝“天链度0=20=0，则运动的时间-需·1=号，又(1分)号”05星运动的反方向喷气，机械能增大，B、C错误；根据法拉第电磁感应定律有E。=BLm。(1分)“天链一号"05星在M点的速度大于其在对应圆轨道粒子做匀速圆周运动的周期T=2”,所以该过程粒温控室Bg得1=4s时金属棒的速度6=配-20m/6(1分)D71卷（六）·理科综合D72卷（六）·理科综合

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