[百师联盟]2024届高三仿真模拟考试(三)3理科综合(新教材)试题-2024届全国大联考答案网

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本文从以下几个角度介绍。

理科综合物理（三）高对方，圆周运动半径安大，L变大，由B解析中公式知T变大，二者在远离过程中引力做负功，动能减小，C,D(2)湿庄超高热敏电程阻值地小电路中的总电区也地小电流增大R。两路的电压增大，电压表与R。并联测量R。解得HP=O.8R14.[答案]D[解析]当线框转动时，如果穿过线框的磁通量发生变错误。又有m=册-器化，则线桓中产生感应电流，线框就会受到安培力的阻碍19.答案]AD两瑞的电压，故温度超高电压表示款越大：闭合开关后，电压表示数为0,45V,剩电路中电流为作用，磁通量变化越快，阻碍作用越大，越容易停下来，由[解析]由题图，液体从左向右通过磁场，若导电液体带解得QD=R.选项AB图可如，战框转动时，磁通量不变，没有感应电流负电，根据左手定则判断得知，负离子受洛伦弦力向〔偏转，则©点带负电，电势低，故A正确；同理，若导电液体同热敏电阻的阻值为25.[答案](1)15N,方向竖直向下(2)5m(3)见解析产生，无阻碍作用，不会停下来，故A,B错误：由选项C、DR-→-0-50[解析](1)小球从A到B,根据机械能守恒有mgR图可知线褪转动时，D项的磁通量变化快，阻碍作用大时有正负高子，则正离子受洛伦营力向“点偏转，负离子更容易停下来，故C错误，D正确。受洛伦兹力向c点偏转，c间产生电压，故B错误：移定后，离子流动时，受到电场力和洛伦兹力作用，处于受力由图像可知热敏电阻的温度为40.0℃.2m呢15.[答案]A23.[答案]()B(2)1.13(3)大于(4)1.03小球在B,点，根据牛顿第二定律有[解析]最大静摩擦力等于滑动摩擦力，运动员在哼道转衡状态qB=g解得导电液体流速U=丽，故C情误！[解析]（I)国定打点计器时，应将重锤A与打点计时器距离尽量近一些，充分利用纸带，故A错误：开始时纸带RN-g=m爱弯时不发生侧滑的最大速度为，静摩擦力提供向心力有mg=m尺，解得u=Vag灭=4m/s,故B错误，A正确：由流量的定义，可如Q=5=品：()=故D应尽量竖直下垂并与系重经A的细线在同一坚直线上，联立解得FN=15N可以尽可能地减小纸带所受阻力，故B正确：应先接通打根据牛頓第三定律可知小球运动到B点时对管道作用力正确。运动员在水面内做匀速圆周运动需要的向心力为F。=点计时器电源，打点稳定后，再松开重锤A,故C错沃：打大小为FN=FN=I5N,方向竖直向下，20.[答案]AC(2)因小球和滑块的质量相等，发生弹性碰撞，故碰撞后两m尺=100N,坚直方向受力衡FN=mg=500N,所以[解析]对a,由衡条件得Mgsin30°=T,对O点受力点结来后先关闭打点计时器电源，再将纸带取下，故D错误。物体的速度交换，所以两者在轨道间的运动其实可以只考运动员受到冰面的作用力F=√F+F≈510N,故C,D分析，由行四边形定则得2Tcos60°=mg,联立解得M虑一个物体。对小滑块分析，则有ngsin53>mgcos53=2m,故A正确；如图所示，(（2)打点计时器的打点周期为T==0.02s,月点是G所以小滑块不能停在领钟轨道上，最后停在水面上的D错误。16.[答案]D[解析]设2别Th表变为2能Rn经过了m次a衰变，n次BJ点的中同时，则打出H点时的辟时建度为明=得点，根据全过程动能定理有mg[R+2r+2rsin(a-90)]-wngcos 53'.s=:0表变，则4m=234一222=12：2n-n=90-86=4,解得m解得s=5m。=3,1=2,故A错误：根据核反应的特点可加，核反应方(3)当gsin0=umgcos9时，即tan9=u=(.5308k52x0-a18(3)如果本实验室电源频率小于50Hz,则实际打点周期解得0=37°程H+H-~2Hr+bn是轻核聚变，器Th→Pa十-9e是B表变，故B错误，2U+dn→Ba+器Kr+3n是核裂变AO与BO关于水虚线对称，AC水。将P端缓慢向长，由以上分析可知，醉时速度的测量值大于真实值。当0≤≤37°时，小滑块能停在倾斜轨道上，由动能定潭得4)选A的初位置为零势面，根据机械能守恒，有Mgh十mg[R+2r+2rsin(a-90)]-umgcos 9.c2-mga'sin 0方程，也是原子弹的核反应方程，氢弹的核反应是核聚变，上移动一小段距离，BO十OP长度不变，即AP的长度不=0故C错误；a粒子责击皱核可从皱核中打出中子，根据质变，则sina一月S不变，即OP与C失角不会支，则拉力2M2-(M+)g+M+m)2=09量数守恒与电荷数守恒可知，其反应方程为Hc十Be→不会变，可知a与斜面之间仍然没有摩擦力，故B错误；将可得n≈1.03kg。解得x2=3cos0+4sin0C十n,故D正确。故选D.17.[答案]D坚直杆缓慢向右移动一小段距离，AC变长，a角变大。对O点，有2 T'cos a=mg,可见拉力变大，a有上滑趋势，将4劉g受警品πRm则滑块在倾斜轨道DE上克服摩擦力所做的功W=gcos0·x2[解析】电场线的疏密表示电场强度的大小，（点疏密程受到沿着斜面向下的摩擦力，故C正确；剪断定滑轮与：[解析](1)离于在电场中加速，由动能定理33.75c0s0度小于“点，所以c点的电场强度小于a点的电场强度，A解得W=3cos9肝4n日错误；物体效曲线运动时所受的合力应指向曲线四侧，在之间轻绳的瞬间，α有下滑趋势，由于不知道动摩擦因数，即摩擦力的大小，无法判断其运动情况，即无法求“的加qUo=2mu当37°<53°，小滑块最后停在D点，由动能之理得“点由静止泽放一带正电的粒子，所受电场力的方向并没速度，故D错误。2qUoong[R+2r+2rsin(a-90')]-W=0有指向ab的凹侧，所以粒子不会沿着电场线运动，B错21.[答案]BC解得气√m解得W=112.5J。误：由图可知Uu<0、Uk>0,将一带正电的粒子由a点经根据题意，束离于在磁场中做匀速周运动，运动轨迹33.[答案](1)增大减少从外界吸热b点移至（点，电场力先做负功后做正功，C错误，由图可[解析]由田乙可得磁感应强度为B=Bsn票，由法拉如图知U山<0，Ur>0,将一带负电的粒子由a点经b点移至c(2)(i1.2h(i)5△m+m2-m1)g点，电场力先做正功后做负功，电势能先减小后增大，D第电磁感应定律得圆形线图中产生的感应电动势为：E=正确。N会是-亭所以原我质两特约成大电[解析](1)由图可知，过程①中，体积不变，气休发生等容变化，温度升高，故压强增大，由困可知，过程甲，根据18.[答案]B[解析]，两恒星以对方对自己的引力作为向心力，二者相压为U1mx2NB,由-V得定位电阻两瑞理想气体状态方程有y=C变形得V=STVT图战7712等时间与共同圆心的连线转过相等的角度，角逸度相等是一条过原点的等压庄线，故过程②中，压强上不史，气的兼大电压为Umx=4π2,2NB由于半径关系和质量关系未知，无法确定二者动能是否相3T,A错误；定值电阻消耗根据几何关系可知，半径为r=R体发生等压变化，气体体积增大，则分子收密及汽小，温度升高，则分子均动能增大，而气体的瓜强取冬于分子数普，A错误根据牛银第二定律得G0严-m,气GU2mx2密度和均动能，故与b态相比，心态的气体分子在单位时的电功率为P=。28N品，B正确，若磁感由牛顿第二定体gmB=mv闻内对客器壁单位面积撞击的次数成少，武图可知，过程R联立解得B=京√③中，温度不变，发主等温变化，理想气木的内能只与温度确：两恒星质量不断亏损，二者间引力减小，两恒星逐渐远应强度的变化周期减小，则感应电动势的最大值增大，有数值增大，制线国两端的电压增大，定值电阻消托的电功有共，故此过程内能不变。现体积增大，气体对外微切，内率即变压器的输出功单将增大，C正确，自耦变压器的滑公式可为T红一能成少，故为保持内能不变，气体要从外不吸热。片P顺时针转动，副线图的匝数减小，制线图西站的电压减小，通过制线圈的电流减小，由n】:可知通过原由用可知，进动时间为1一器T=货品。00(2)()当环境温度为T时，状态压磁为1，温度为T,体和为V1;环境温度媛慢升高到】.2T时，状态压蛋为p,温度为1.2T,体积为V。搬慢变化的过程是个等压过程，线圈的电流减小，D错误。(2)设b来离子从边界HG的P点射出磁场，运动轨迹如22.[答案](1)逐渐减小(2)越大40.0上图，4,6为两来宽度不计带正电的离子，且离子的质量[解析]()题国乙上的，成与原点的连线的卧率表示电阻的倒数，热敏电阻两端的电压口增大时温度升高，题国乙的斜均为以、电荷量均为g,则6来离于在赋场中运动的半径，解得V2=Sh'=1.2V1=l.2Sh率逐渐增大，故热敏电阻的阻值随温度的升高趣渐减小。根据几何关系有CH=0,6R,HP=√R2-(O,6R)7=Rh'=1.2h。(1)(2)

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