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参考答案学生用书8.(1)①向右②BD(2)下向右S则安培力减小，C错误；导体棒受安培力和静摩擦力处于衡，=F,[解析](1)①已知闭合开关瞬间，A线圈中的磁通量增加，产生的感安培力减小，则静摩擦力减小，D正确。应电流使灵敏电流计的指针向右偏转，可知磁通量增加时，灵敏电流8.[解析](1)由楞次定律知感应电流的方向为逆时针方向。计的指针向右偏转；当开关闭合后，将A线圈迅速插入B线圈中时，B(2)由法拉第电磁感应定律得线圈中的磁通量增加，所以产生的感应电流也应使灵敏电流计的指针向右偏转。②要使灵敏电流计的指针向左偏转，根据楞次定律知，磁通量应减小。则P-至-0.25w插入铁芯时，B线圈中的磁通量增加，故A错误；拔出A线圈时，B线圈中的磁通量减小，故B正确；变阻器的滑片向左滑动时，电流增大，(3I=E=0.5A,F安=nBLB线圈中的磁通量增大，故C错误；断开开关S瞬间，电流减小，B线1=4s时磁感应强度B=0.6T圈中的磁通量减小，故D正确。F专十F线=mg(2)图乙中指针向左偏，可知感应电流的方向是烦时针（俯视），感应电联立解得F线=1,2N流的磁场方向向下，条形磁铁的磁场方向向上，由楞次定律可知，磁通9.D[解析]有效切割长度即a、b连线的长量增加，条形磁铁向下插入；图丙中条形磁铁N极向下运动，线圈中度，如图所示XL X为向下磁通量增大，感应电流方向应为逆时针方向，电流表指针向右XXX偏转；图丁中可知指针向右偏，则感应电流的方向逆时针（俯视），由安由几何关系知有效切割长度为√2R,所以产0Xx培定则可知，感应电流的磁场方向向上，条形磁铁向上拔出，即磁通量生的电动势为E=BLU=B·√瓦Ru,电流的X减小，由楞次定律可知，条形磁铁的磁场方向应该向上，所以条形磁铁方向为a→b,所以U由<0，由于在磁场部分上端为N极，下端为S极。的阻值为整个图的子，所以U。=一是B:X×××考点集训（五十九）1AD[解析]线框中的感应电功蒡为E=合盟S,设线框的电显为R,②Ru=-3YBRu,故选D.10.C[解析]根据B一t图像，由楞次定律可知，线圈中感应电流方向则线框中的电流1=是-公盟·亮，因为B增大或减小时，会品可能减一直为顺时针方向，A错误；由于圆环没有在磁场中，不受安培力，小，也可能增大，也可能不变。线框中的感应电动势的大小只和磁通B错误；由闭合电路欧舞定律得I=三，又根据法拉第电磁感应定律量的交化率有关，和磁通量的变化量无关，故选项A、D正确。2.AC[解析]由图像可知，在千时刻图线的斜率为0，穿过线框R的得E=9=B。上，正方形的边长L=反R,又根搭电阻定律得r=△tto磁通量变化率为零，感应电动势为0，A正确：由于？~时同内图p,联立解得1=，C正痍；圈环中产生的热量为Q=户，…线的斜率始终为负，所以感应电动势的方向不变，B错误；由于了时2o=4B6R3S,D错误.11.D[解析]线圈位于磁场正中间时的磁通量为中=BS=Ba2,磁通刻图线的斜率的绝对值最大，所以电流变化最快，磁通量的变化率最大，感应电动势最大，由楞次定律可判断感应电流的方向为顺时针，量与臣数无关，所以A错误；线圈运动过程中加速度为a0=B山2C正确；在T时刻，由楞次定律可判断感应电流的方向为逆时针，D错误。资考线图假与流建上具运前：线医位于磁场工中月时的建度为3.A[解析]感应电流产生的条件是闭合回路中的磁通量发生变化在A图中系统振动时在磁场中的部分有时多有时少，磁通量发生变√严，线图实际做加速度逐减小的减速运动，所以B错误；线化，产生感应电流，受到安培力，阻碍系统的振动，A正确，B、C、D三圈在进入磁场过程中产生的焦耳热比离开磁场的过程中产生的焦耳个图均无此现象。热大，因为进入磁场过程的均速度较大，安培力较大，安培力做的4,D[解析]S闭合时，因为电容器通交流阻直流，所以灯A中有短暂电流通过，灯A立即变亮，由于电感L中的电流会慢慢增大，所以功较大，所以C错误：根岩E=盟，1=景g=1可得g=曾，由于灯B是逐渐变亮，故A、B错误；S2闭合时，因为电感线圈，灯B会逐进出磁场过程通过线圈的磁通量的变化量相等，所以线图在进入和渐熄灭，故C错误；开关S闭合时，电容器放电，所以灯A中有电流离开磁场的过程中通过导线横截面的电荷量相等，所以D正确。从b到a,故D正确。12.解析](1在0~时问内，磁感应强度的变化率会盟=5.AC[解析]设磁感应强度的变化率为k,由法拉第电磁感应定律E=S会盟，得E。=nk,B=nk,所以E。:B=41,根据楞次定产生感应电动势的大小B=盟-会想5=律，磁感应强度B随时间均匀增大，所以感应电流均沿逆时针方向，流过号体棒时的电流大小1山-景-品故A正确，B错误；根据电阻定律可知，两线圈的电阻之比等于周长由楞次定律可判断电流方向为e→∫。之比，由欧号定徐1=是可得：4-会×受=2：1，放C正确，(2)在t0一2o时间内，磁感应强度的变化率D错误。△B_2Bt切6,AD[解析]对电容得复板间的考电复粒受力分析有？号=mg,解产生感应电动势的大小=公恕-会是d=2丝得U=mg延_1X10-3X10X0.01V=10V,选项A正确：金展棒顺1×10-5流过号体稀了的电流大小1-景一亮时针运动，由右手定则可知，转轴中心的电势高于圆环边缘的电势，故电容器下极板带正电荷，选项B错误；由欧姆定律可得通过电阻R的这段时间内导体棒e时产生的热量Q=BR。-照2Rto电流为1=是=8A=1A,则每秒钟通过电阻的电荷量Q=1=1X考点集训（六十）1C=1C,选项C错误；金属棒转动切割磁感线产生的感应电动势为1.C[解析]若磁场在变化的过程中，线圈A突然跳起，说明二者相互吸引，根据楞次定律知螺线管MN中产生的磁场在减小，即螺线管中E=Bw-之Bm20,E=U=10V,解待e-器-a淡2nd/s=2×10的电流减小；根据法拉第电难移应定律E=n会盟=m会S,知会是减5X103rad/s,选项D正确。小，则B一t图像的斜率减小，C正确。7.D[解析]磁感应强度均匀减小，磁通量减小，根据楞次定律得，ab2.A[解析]ab棒产生的感应电动势E=BLv=0.2V,感应电流I=中的感应电流方向由a到b,A错误；由于磁感应强度均匀减小，根据法拉第电磁感应定律E=△得，感应电动势恒定，则b中的感应电R千，=0.4A,b棒受到的安培力大小F=BIL=0.02N,A正确，AtR流不变，B错误；根据安培力公式F=BIL知，电流不变，B均匀减小，D错误N,Q之间的电压U=R千，E=0.12V,B错误；由右手定则得777

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