吉林省Best友好联合体2023-2024学年高三上学期8月质量检测物理/-2024届全国大联考答案网

吉林省Best友好联合体2023-2024学年高三上学期8月质量检测物理/正在持续更新，目前2024届全国大联考答案网为大家整理了相关试题及答案，供大家查缺补漏，高效提升成绩。

本文从以下几个角度介绍。

参考答案-13.6eV+12.75eV=-0.85eV,可知n=4,即可所以小球A由静止到与墙面分离的过程中，小球B的以跃迁到第四个能级，所以能得到两种可见光，即n=速度一直增大，故B错误，符合题意；A对A、B、C三4跃迁到n=2,n=3跃迁到n=2,C正确；D.根据E=个小球组成的系统，机械能守恒，由B项的分析可知，hy,因为a光的频率比b光的小，则a光是从n=4跃球A和墙面恰好分离时，小球B与小球C速度最大，迁到=2能级时发出的光，则b光不可能是从n=3则其加速度最小，机械能最大，则此时A球机械能最跃迁到n=2能级时发出的光，D错误.故选C.]小，所以当小球A的机械能取最小值时，小球B与小4.B[A.设工作人员共打气n次，根据玻意耳定律有球C的加速度为零，故A正确，不符合题意；C.当小1atm×(2L-1.2L)+n·1atm×0.1L=2atm×球A与墙面分离后，水方向动量守恒，小球A在水(2L-1.2L),解得n=8,故A错误；方向的速度会不断增大，B球在水方向的速度会BC.打开阀门后，根据玻意耳定律有2atm×0.8L=不断减小，所以在小球A与墙面分离瞬间，小球C和1 atmXV气，解得，壶内不再喷出消毒液时，壶内气体小球B分离，故C正确，不符合题意；的体积为1.6L,则壶内剩余消毒液的体积为0.4L,D.当小球和墙面恰好分离时，两球的速度分解如图故B正确，C错误：D.由于壶内温度保持不变，则壶内所示气体的内能不变，则根据热力学第一定律△U=Q十W可知气体对外做功的多少等于从外界吸收热量的多少，故D错误.故选B.]5.C[A.交流电压表的示数为有效值3V=200V,故2A错误；B.由公式P=UI知电路要正常工作，干路中P=440十220A=3A,所以保险丝的额定电流为1=元=220两球的速度关联，沿杆方向的速度相等，有VACOS日=电流不能小于3A,故B错误；C.1min抽油烟机消耗的电能为W=Pt=220×60J=1.32×104J,故C正阳0可得2=an,故D正确，不特合题意，故确；D.电暖宝是纯电阻，而抽油烟机是非纯电阻，电暖选B.]宝发热功率不是抽油烟机发热功率的2倍，故D错8.B[AB.对C,释放到C与B碰撞前瞬间，有动能定误；故选C.]6.C[A.设质量为m的卫星绕地球做轨道半径为r、周理得mglsin30=子m6,期为T的匀速圆周运动，根据牛顿第二定律有G曾解得vC=√gL,C与B碰撞，根据动量守恒定律mvc=2vC4π2r=mr,解得T=2xr√CcrF,解得vC=√gL2所以卫星在轨道【、Ⅲ上运行的周期之比为T1碰拉过程中损失的机摘能△E=司m民-子·2m后成A始报楼装6学-。r2=mgL,故B正确，A错误；4可知卫星在轨道I上稳定飞行经过A处的加速度等C,BC速度为零时，弹簧弹性势能最大，设h为BC碰于卫星在轨道Ⅱ上稳定飞行经过A处的加速度，故B错误；C.卫星在近地轨道做匀速圆周运动的向心力可撞后，下滑的高度，则Em=E0十号×2u2+2mgh2近似认为由重力提供，设卫星在轨道I上做速率为0=Ep0十m+2mgh>mg,故C错误；44的匀速圆周运动，根据牛领第二定律有mg0=m尺，D.设A刚要离开挡板，BC速度为零，弹簧弹力为T,解得0=√goR,则T=k·△x=mAg sin30°=mg根据GMm=m解得△x=rkGM此时弹簧的弹性势能为E。=n2g2可得2k即轨道半径r越大，卫星的速率越小，所以卫星在轨道同理可得BC碰撞前△x'=g2kⅢ上的运行速率小于√goF,故C正确；D.卫星在A点从轨道I变至轨道Ⅱ时需要加速，卫星发动机对卫星E。=m2g8k做功，使卫星机械能增大，所以卫星在轨道I上的机C、B碰撞后到A刚要离开挡板由机械能守恒得械能小于在轨道Ⅱ上的机械能，故D错误.故选C.]17.B[B.从静止开始到小球A和墙面恰好分离的过2·2muic+E'p=2mg(△x+△x')sin30°+Ep程，对A、B、C三个小球组成的系统，由于受到竖直墙面向右的弹力，根据动量定理可得Ft=(mB十mC)vB解得L=15mg,故D错误.故选B,]2k·27·

本文标签：

【在小程序中打开】